1T 2014 høst LØSNING

• Diskusjon av denne oppgaven

• Løsning av del 1

• Matteprat spørsmål om oppgave 6 del 2

Oppgave 1

$25000000000 \cdot 0,0005 = 2,5 \cdot 10^{10} \cdot 5 \cdot 10^{-4} = 12,5 \cdot 10^6 = 1,25 \cdot 10^7$

Oppgave 2

$2^{2+ \frac x2} = 16 \\2^{2+ \frac x2} = 2^4 \\2 + \frac x2 = 4 \\ 4+x=8 \\ x=4$

Oppgave 3

$lg(2x-3)=0 \\ 10^{lg(2x-3)} = 10^0 \\ 2x-3 =1 \\ x=2$

Oppgave 4

$x^2+x>2 \\ x^2+x-2>0$

Løser likningen:

$x^2+x-2=0 \\ x = \frac{-1\pm \sqrt{1+8}}{2} \\ x=-2 \vee x=1$

$x^2+x-2 = (x-1)(x+2)$

$x \in < \leftarrow , -2> \cup <1, \rightarrow>$

Oppgave 5

Det er to muligheter, gutt - jente og jente - gutt:

$P(en \quad av \quad hver) = \frac{6}{10} \cdot \frac{4}{9} + \frac{4}{10} \cdot \frac{6}{9} = \frac{8}{15} $

Oppgave 6

a)

$x \in [0] \cup [3, \rightarrow>$

f er lik null for x lik 0 og 3. For x verdier større enn tre er f positiv.

Den deriverte til f er negativ fra x = 0 til x = 2. f avtar i dette området.

b)

Gjennomsnittlig vekstfart:

$\frac{\Delta x}{\Delta y} = \frac{-8 -0}{2} = -4$

Oppgave 7

$\frac {3x}{x+3} - \frac {3}{x-3} - \frac {x^2-12x+9}{x^2-9} = \\ \frac{3x(x-3)}{x+3} - \frac {3(x+3)}{(x-3)(x+3)} - \frac {x^2-12x+9}{(x+3)(x-3)} =\\ \frac {3x^2-9x-3x-9-x^2+12x-9}{(x+3)(x-3)} = \\ \frac {2x^2-18}{(x+3)(x-3)} = \\ \frac {2(x+3)(x-3)}{(x+3)(x-3)} = 2$

Oppgave 8

a)

$ ( \frac 25 )^{-1} = \frac {1}{ \frac 25} = \frac 52 $ som er større enn 2.

b)

I en rettvinklent trekant er tangens definert som forholdet mellom motstående og hosliggende katet. Dersom to vinkler i trekanten er 45 grader er begge katetene like lange, og forholdet mellom dem blir en.

c)

log 100 = 2, derfor er log 200 større enn to. log 1000 = 3, så log 200 er et sted mellom 2 og 3.

Oppgave 9)

Trekantene ABC og ADE er formlike. De har en felles vinkel, to felles sider og linjestykkene DE og BC er parallelle.

a)

AC: $A= \frac{g \cdot h}{2} \Rightarrow 16 = \frac{AC \cdot 8}{2} \\AC = \frac{16 \cdot 2}{8} \\ AC = 4$

AD: $\frac{AD}{8} = \frac{3}{4} \\ AD = \frac{3 \cdot 8}{4} \\ AD = 6$

b)

$BC - DE = \sqrt{8^2+4^2} - \sqrt{6^2+3^2}\\ BC - DE = \sqrt{80} -\sqrt{45} \\ BC - DE = \sqrt{16 \cdot 5} - \sqrt{9 \cdot 5} \\ BC - DE = 4 \sqrt 5 - 3 \sqrt 5 \\BC - DE = \sqrt 5$

Oppgave 10

a)

$f´(x) = - \frac 12x^{- \frac 12 - 1} = - \frac 12 x^{- \frac 12 - \frac 22} = - \frac 12 x ^{- \frac 32} = - \frac{1}{2x^{\frac 32}} = - \frac{1}{2 \sqrt{x^3}}$

b)

$g(x) = \frac {1}{x^2} = x^{-2} \\ g´(x) = -2x^{-3} = - \frac{2}{x^3}$

$h(x)= \sqrt x = x^{ \frac 12} \\ h´(x) = \frac 12 x^{- \frac 12} = \frac{1}{2 \sqrt x}$

Oppgave 1

Den lineære sammenhengen er sånn ca: y = 94,56x + 200,25.

Oppgave2

a)

b)

Toppunkt er (31,32 , 297870), hvilket betyr at bakteriekulturen når sitt maksimum etter ca. 31 timer, med et antall på ca 300000.

Skjæring med y-akse betyr at det er anntallet bakterier ved tiden null. Dette antallet er 200000. Skjæringspunktet er (0, 200000).

Grafens skjæring med x-aksen betyr at alle bakteriene er døde. Sannsynligvis matmangel, eller for mye giftstoffer. Dette skjer etter ca, 57 timer. Punktet der grafen sklærer x-aksen er (56,67, 0).

c)

Det er svart på i delspørsmål b.

d)

Den momentane veksten i time 40 er det samme som f `(40):

$f(x)= -0,1x^4+5,5x^3-150x^2+5500x+200000 \\ f' (x)= -0,4x^3+ 16,5x^2-300x+5500 \\ f' (40) = -0,4 \cdot 40^3+16,5 \cdot 40^2 -300 \cdot 40 + 5500 \\ f'(40)= -5700$

Oppgave 3

For å beholde oversiketen er det lurt med en systematisk oversikt. Jeg velger en krysstabell:

	GUTT	JENTE	Total
Trafikalt	8	9	17
Ikke trafikalt	5	8	13
Total	13	17	30

a)

Vi vet at eleven ikke har trafikalt grunnkurs:

P(jente | ikke trafikalt grunnkurs) = $\frac {P(jente \quad og \quad ikke \quad trafikalt \quad grunnkurs)}{P(ikke \quad trafikalt \quad grunnkurs)}= \frac{8}{13}$

b)

Velger to.Minst en er da den ene, eller den andre, eller begg:

P(Av to valgte har minst en trafikalt grunnkurs) = $\frac{17}{30} \cdot \frac{16}{29} + \frac{17}{30} \cdot \frac{13}{29} + \frac{13}{30} \cdot \frac{17}{29} = \frac{714}{870} \approx 0,82 = 82$ %

Oppgave 4

Vi trekker diagonalen BD. Lengden av denne finner vi ved å bruke pytagoras i trekanten ABD. Vi har to trekanter der alle sider er kjente. Bruker cosinussetningen til å finne en vinkel i trekanten BCD. Bruker så arealsetningen på hver av rekantene og legger disse sammen.

BD: $(BD)^2= (70m)^2 + (80m)^2 \\ (BD)^2 = 11300m^2 \\ BD = 106,3m$

Finner vinkel C (kunne valgt de to andre også):

$106,3^2 = 100^2+ 70^2 - 2 \cdot 100 \cdot 70 \cdot cosC \\ cosC = \frac{106,3^2 - 100^2-70^2}{-2 \cdot 100 \cdot 70} \\ cosC = 0,257 \\ C = cos^{-1} (0,257)\\ C = 75,1^{\circ}$

Arealet av firkanten er summen av arealene til de to trekantene:

ABD: $A= \frac {70m \cdot 80m}{2} = 2800m^2$

BCD: $A= \frac 12 \cdot 70m \cdot 100m \cdot sin 75,1 = 3382,3m^2$

Areale av firkanten ABCD blir da $2800m^2 + 3382,3 m^2 = 6182,3 m^2$

Oppgave 5

a)

Oppgave 8

Når Per er halveis opp, har Kari tilbakelagt x trinn. Per er alltid 52 trinn høyere.

$\frac y2= x+52$

y - antall trinn i tårnet.

x - Karis trinn når Per er halveis.

Når Per er oppe er Karis posisjon $x+ \frac y2$. I følge Per er hun da tre ganger høyere enn hun var når Per var halveis.

$3x= x+ \frac y2$

Vi har nå to likninger med to ukjente. Det er y vi er interessert i: